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市2015届高三上学期期末质检检测数学文

2021-04-04 来源:易榕旅网
厦门市2014-2015学年第一学期高三年级质量检测数学文

【试卷综述】本试卷试题主要注重基本知识、基本能力、基本方法等当面的考察,覆盖面广,注重数学思想方法的简单应用,试题有新意,符合课改和教改方向,能有效地测评学生,有利于学生自我评价,有利于指导学生的学习,既重视双基能力培养,侧重学生自主探究能力,分析问题和解决问题的能力,突出应用,同时对观察与猜想、阅读与思考等方面的考查。

【题文】一、选择题:本大题10小题,每小题5分,共50分,在每小题所给的四个答案中有且只有一个答案是正确的.

【题文】1.已知集合A0,1,2,集合Bx|x20,则AB A. 0,1 B. 0,2 C. 1,2 D. 0,1,2 【知识点】集合运算. A1

【答案】【解析】A 解析:因为B={x|x<2},所以A∩B=0,1,故选A. 【思路点拨】化简已知集合即可.

【题文】2.向量a1,m,b2,4,若ab(为实数),则m的值为 A.2 B. -2 C.

11 D.  22【知识点】向量相等的坐标运算;向量共线. F1 F2

【答案】【解析】B 解析:由ab得:(1,m)=(2,-4)=(2,-4)

21m2,故选B. 4m【思路点拨】根据向量相等的坐标运算,得关于,m的过程中求解.

【题文】3.函数fx是定义在R上的奇函数,当时x0时,fxx1则f1等于

2A. 1 B. -1 C. 2 D. -2 【知识点】奇函数的性质. B4

【答案】【解析】D 解析:f(-1)= -f(1)= -2,故选D. 【思路点拨】由奇函数的定义得结论. 【题文】4.若A. 3,,sin,则tan

524433, B. C.  D. 334433得,sin,又,,所以 5521第

【知识点】诱导公式;同角三角函数关系. C2 【答案】【解析】C 解析:由sin页

4sin3cos1sin2,所以tan,故选C.

5cos4【思路点拨】利用诱导公式,同角三角函数关系式求解.

x0【题文】5.若关于x,y的不等式组xy0,表示的平面区域是直角三角形区域,则正数k的值为

kxy10A 1 B 2 C 3 D 4 【知识点】线性规划问题. E5

【答案】【解析】A 解析:当过定点(0,1)的直线kxy10与直线x=0或x+y=0垂直时,关于x,y

x0的不等式组xy0,表示的平面区域是直角三角形区域,此时k=0或k=1,由于k为正数,所以k

kxy10的值为1,故选A.

【思路点拨】画出简图,分析直线kxy10与直线x=0,x+y=0的位置关系得结论.

【题文】6.如图,在棱长为1的正方体ABCDAE是棱BC上的一点,则三棱锥D1B1C1E的1BC11D1中,体积等于

A.

1153 B. C. D. 361261111SB1C1D1CC1121, 3326【知识点】锥体的体积求法. G1

【答案】【解析】D 解析:VD1B1C1EVEB1C1D1故选D.

【思路点拨】由等体积转化法求解.

x2y21的左焦点作倾斜角为的直线l,则直线l与双曲线C的交点情况是 【题文】7.过双曲线C:649A.没有交点 B 只有一个交点 C 两个交点都在左支上 D 两个交点分别在左、右支上

【知识点】直线与双曲线的位置关系. H8

x2y231整理得: 【答案】【解析】D 解析:直线l方程为yx13,代入C:493页 2第

23x2813x1500,8134231500,所以线l与双曲线C有两个交点,由韦达定理

得两个交点横坐标符号不同,故选D.

【思路点拨】把直线方程代入双曲线方程,由判别式和韦达定理确定结论.

【题文】8.已知mR,“函数y2xm1有零点”是“函数ylogmx在0,上为减函数”的 A.充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充要条件 D. 即不充分与不必要条件 【知识点】函数的零点;函数的单调性;充分条件;必要条件. B9 B3 A2

【答案】【解析】B 解析:由函数y2xm1有零点,得m<1. 函数ylogmx在0,上为减函数,得0【思路点拨】利用集合间的关系判定充分性、必要性.

【题文】9.如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗实线画出的是某多面体的三视图,则该多面体最长的棱长等于 A.

234 B. 41 C. 52 D. 215

【知识点】几何体的三视图的应用. G2

【答案】【解析】C 解析:由三视图可知此几何体的直观图如下:

所以其最长的棱长DB=52,故选C.

【思路点拨】由几何体的三视图得此几何体的直观图及相关数据,从而该多面体最长的棱长. 【题文】10.已知函数f(x)的导函数f¢(x)的图像如图所示,f(-1)=f(2)=3,令g(x)=(x-1)f(x), 则不等式g(x)≥3x-3的解集是

3第

2,+?A.[-1,1]∪éêë) B. (-?,1U1,2?U2,+?? C. (-?,1-1,2 ) D. 轾犏臌【知识点】导函数值的符号与函数单调性的关系. B12

é1,+?【答案】【解析】A 解析:由导函数的图像可知函数f(x)在-?,1ùú上单调递减,在êûë()

íïx³1ï上单调递增.又不等式为(x-1)(f(x)-3)?0,即ì蕹x2,或

ïf(x)?3f2()ïïîíïïx£12,+??1#x1,综上得不等式g(x)≥3x-3的解集是[-1,1]∪éìêëïfx?3f(-1)ïïî()故选A.

).

【思路点拨】由导函数的图像得原函数的单调性,再由已知函数值得原函数图像的大致形状, 由此分类讨论的所求不等式的解集.

【题文】二、填空题:本大题共6小题,每小题4分,共24分. 【题文】11.抛物线y2=4x的准线方程是 . 【知识点】抛物线的几何性质. H7

【答案】【解析】x= -1 解析:由抛物线的方程得:p=2,所以其准线方程为:x=-【思路点拨】由抛物线的定义得结论.

p=-1 2骣p÷p÷= . 【题文】12.将函数f(x)=cos x的图像向右平移个单位,得到函数y=g(x)的图像,则gçç÷ç÷26桫【知识点】平移变换;函数值的意义. C4

骣骣p÷p÷1p1çç÷g=÷cos=【答案】【解析】 解析:根据题意得:g(x)=cosçx-,所以. ç÷÷çç÷÷2232桫桫6骣p÷÷【思路点拨】利用平移口诀得函数g(x)的解析式,从而求得gç的值. çç÷2÷桫【题文】13.函数y=x+4(x>1)的最小值是 . x-1【知识点】基本不等式求最值. E6 B3

【答案】【解析】5 解析:∵x>1,∴x-1>0,∴y=x-1+页

4第

()1+1?2x-11=3,

当且仅当x=2时等号成立,所以y=x+4x>1)的最小值是3. (x-1【思路点拨】利用基本不等式法求函数的最小值. 【题文】14.数列an中,a1={}a-11,则该数列的前22项和等于 . ,an+1=n2an【知识点】周期数列前n项和求法. D4 【答案】【解析】11 解析:∵a1=a-111,∴a2=-1,a3=2,a4=L, ,an+1=n22an∴数列an是以三为周期的周期数列,所以

{}S22=7(a1+a2+a3)+a1=7?321=11. 2【思路点拨】逐一求出数列的前几项,得此数列是以三为周期的周期数列,从而求得该数列的前22项和. 【题文】15.如图,正方形ABCD中,AB=2,DE=EC,若F是线段BC上的一个动点,

uuuruuur则AE×AF的最大值是 .

【知识点】向量的数量积; F3

uuuruuuruuur【答案】【解析】6 解析:要使AE×AF最大,只需AF最大,ÐEAF最小.由图易知,当F与C重合

时,满足条件,而此时△EAC中,AE=5,AC=22,EC=1,

310所以cos?EAC(5)+(22)-125×22222=uuuruuur,所以AE×AF最大值是:

uuuruuurAE鬃ACcos?EAC5创22310=6.

uuuruuur【思路点拨】通过图形分析得AE×AF取得最大值的条件,然后计算此最大值.

【题文】16.点P(x,y)在直线y=kx+2上,记T=|x|+|y|,若使T取得最小值的点P有无数个, 则实数k的取值是 .

【知识点】直线的斜截式方程;直线与圆. H1 H4

【答案】【解析】1或-1 解析:直线y=kx+2恒过定点(0,2),

页 5第

∵T=x+y?2xy,当且仅当x=y时取等号,可得:只有当k=?1时,使T取得最小值的点P有无数个. 故k=?1.

【思路点拨】注意到直线恒过定点(0,2),画图观察斜率k取不同值的情况下,T取最小值的点P的个数,不难发现,仅在k=?1时,点P的个数有无数个. 【题文】三、解答题:本大题共6小题,共76分. 【题文】17.(12分)

数列an中,a1=-1,a4=8. (1)若数列an为等比数列,求a7得值; (2) 若数列an为等差数列,其前n项和Sn,已知Sn=an+6,求n的值. 【知识点】等差数列;等比数列. D2 D3 【答案】【解析】(1)-64;(2)4.

解析:(1)∵数列an为等比数列,∴a=a1?a7,得a7=(2)设数列an的公差为d,由a4=a1+3d?{}{}{}{}242a4a1=-64.

{}1+3d=8,解得d=3

3n2-5n∴an=a1+(n-1)d=3n-4,Sn=

23n2-5n∵Sn=an+6,\\3n-4+6,化简得3n2-11n-4=0

2解得n=4或n=-1*,∵n∈N, ∴n=4 3【思路点拨】(1)根据等比数列的性质求解;(2)根据等差数列的通项公式及前n项和公式求解. 【题文】18.(12分)

2x2y2已知圆M:其离心率为. (x-2)+y=16,椭圆C:2+2=1(a>b>0)的右焦点是圆M的圆心,

3ab22(1)求椭圆C的方程;(2)斜率为k的直线l过椭圆C的左顶点,若直线l与圆M相交,求k得取值范

围.

【知识点】直线、圆、椭圆的基本性质;直线与圆的位置关系. H3 H5 H4

44x2y2+=1;(2)-3395 解析:(1)由题意得:圆心M(2,0),r=4, ∴c=2 又

c2=,∴a=3,由b2=a2-c2,得b2=5, a36第

x2y2∴椭圆方程为+=1

95(2)∵直线l过椭圆左顶点A(-3,0),∴l的方程为:y=k(x+3),即kx-y+3k=0 ∵l与圆M相交,∴圆心M到直线l的距离d∴5k()2<16k2+1?k2()1644,∴-933【思路点拨】(1)由已知得关于a,b,c的方程组求解;(2)设出直线的点斜式方程,由圆心到直线的距离小于半径得关于k的不等式,解得k范围即可. 【题文】19.(12分)

已知函数f(x)=sin 2x+2cosx-1. (1)求函数f(x)的最小正周期和单调递增区间; (2)已知△ABC三边a,b,c所对的角分别为A,B,C,若f()=2A22,b=2,且△ABC的面积为1,求a得

值.

【知识点】三角恒等变换;三角函数图像与性质;解三角形. C7 C8 【答案】【解析】(1) 函数f(x)的最小正周期p,单调递增区间为:[kp-3pp,kp+](k?Z); 88(2)2. 解析:∵f(x)=sin2x+2cos2x-1=sin2x+cos2x =2sin(2x+p2p=p ),∴最小正周期T=24p?2kp4p3p,k?Z,解得kp-#x283pp,kp+](k?Z) 88kp+p,k?Z 8令2kp-p?2x2∴函数f(x)的单调递增区间为:[kp-A(2)由(1)得:f()=2∴ 在△ABC中,A+A2sin(2?2p)=4骣p÷2sinç=çA+÷÷÷ç桫42 ppp=,∴A=

4421,∴c=2

又∵SVABC=11pbcsinA=鬃2c?sin224页 7第

由余弦定理得,a=b+c-2bccosA=222()22+22-22?2cosp42

∴a=2 【思路点拨】(1)利用二倍角公式,两角和与差的三角函数公式,将函数化为: f(x)=

2sin(2x+pp从而求得其最小正周期和单调递增区间;(2)由(1)的结论及三角形面积得A=、),

44c=2,再由余弦定理求得a值.

【题文】20.(12分)

如图平面ABCD⊥平面BCE,四边形ABCD为矩形,BC=CE,点F为CE中点. (1) 证明:AE∥平面BDF;

(2)点M为CD上任意一点,在线段AE上是否存在点P,使得PM⊥BE? 若存在,确定点P的位置,并加以证明;若不存在,请说明理由.

【知识点】空间点,线,面位置关系;线面平行及线面垂直的证明. G4 G5

【答案】【解析】(1)证明:见解析;(2)当P为AE中点时,有PM⊥BE,证明:见解析. 解析:(1)连接AC交BD于O,连接OF.

在△ACE中,∵四边形ABCD 是矩形,∴O为AC中点,又F为EC中点, ∴OF∥AE,

又OFÌ平面BDF,AEË平面BDF,∴AE∥平面BDF. (2)当P为AE中点时,有PM⊥BE,以下给予证明. 取BE中点H,连接DP,PH,CH, ∵P为AE中点,H为BE中点, ∴PH∥AB,又AB∥CD,

8第

∴PH∥CD,

∴P、H、C、D四点共面.

∵平面ABCD⊥平面BCE,且平面ABCDI平面BCE=BC,CD⊥BC ∴CD⊥平面BCE,又BEÌ平面BCE ,

∴CD⊥BE,∵BC=CE,且H为BE中点,∴CH⊥BE ∵CHICD=C,∴BE⊥平面DPHC,

又PMÌ平面DPHC,∴BH⊥PM,即PM⊥BE.

【思路点拨】(1)取BD中点O,证明OF∥AE即可;(2)要使PM⊥BE,只需BE⊥平面DCP,

取BE中点H,连接CH,因为BC=CE,所以BE⊥CH,有BE⊥平面BCH,则平面BCH于线段AE的交点为点P,易得P为线段AE中点.

【题文】21.(14分)

某地汽车最大保有量为60万辆,为确保城市交通便捷畅通,汽车实际保有量x(单位:万辆)应小于60万辆,以便留出适当的空置量. 已知汽车的年增长量y(单位:万辆)和实际保有量x与空置率的乘积成正比,比例系数k(k>0).

(空置量=最大保有量-实际保有量,空置率=

空置量)

最大保有量(1)写出y关于x的函数关系;(2)求汽车年增长量的最大值;(3)当汽车年增长量达到最大值时,求k的取值范围.

【知识点】函数基础知识;不等式基础知识. B1 D1 【答案】【解析】(1) y=k-x2+60x(0∴当实际保有量为30万辆时,汽车年增长量的最大值为15k万辆. (3)根据实际意义:实际保有量x与年增长量y的和小于最大保有量60, ∴ 00,∴0页 9第

即k的取值范围为0,2.

()骣60-x÷60-x÷【思路点拨】(1)空置率,从而y=kçx?ç÷ç60桫60÷即y关于x的函数关系式为:y=k-x2+60x, 60()k-x2+60x(0已知函数f(x) =x3-bx2+cx(b,c?R),其图像记为曲线C. (1) 若f(x)在x=1处取得极值-1,求b,c的值;

(2) 若f(x)有三个不同的零点,分别为x1,x2,x3,且x3>x2>x1=0过点O(x1,f(x1))作曲线C的切线,

切点为Ax0,f(x0)(点A异于点O) ①证明:x0=()x2+x32;

0,2,求②若三个零点均属于区间éêë)f(x0)x0的取值范围.

【知识点】函数的零点;导数的几何意义;导数的应用;线性规划. B9 B11 B12 E5 【答案】【解析】(1)b=1,c= -1;(2)①证明:见解析,② (-1,0). 解析:(1) f¢(x)=3x2-2bx+c,由题意,有

íïf¢(1)=3-2b+c=0íïb=1ïï,经检验此时,f(x)在x=1处取极小值, Þ眄镲c=-1f1=1-b+c=-1镲îïî()因此,b=1,c= -1.

2(2)①证明:切线斜率k=f¢x0=3x0-2bx0+c, 2则切线方程为:y-fx0=(3x0-2bx0+c)x-x0,

()()()22化简得:y=(3x0 -2bx0+c)x-2x3+bx002由于切线过原点O,所以:-2x3+bx0=0, 0因为点A异于点O,所以x0=页

b, 210第

32又fx=x-bx+cx有三个不同零点,分别为0,x2,x3,

()则x2,x3为方程x-bx+c=0的两个不同的根,由韦达定理得:x2+x3=b 因此,x0=2x2+x32

2②由①知,x2,x3为方程x-bx+c=0的两个不同的根,

2令gx=x-bx+c,由x2,x3∈(0,2),知:

()函数g(x)图像与x轴在(0,2)范围内有两个不同交点,所以

íïD>0ïïïbïï0<<2镲Þ眄2镲镲g(0)>0镲镲镲g(2)>0镲ïîíïïc<ïïïï0ïîb24b<40这个不等式组对应的点(b,c)形成的平面区域如图阴影部分所示:

4-2b+c>0

f(x0)x0=骣b÷÷fçç÷ç2桫÷b2b2z4c-b22,令目标函数z=4c-b,则c=+, =444b2z于是问题转化为求抛物线c=+的图像在y轴上截距的取值范围,

44结合图像,截距分别在曲线段OM,N(2,0)处取上、下界, 则z∈(-4,0),因此,

f(x0)x0?(1,0).

【思路点拨】(1)由f(x)在x=1处取得极值-1得关于b,c的方程组求解;(2)①由导数的几何意义及直线方程的点斜式得以A为切点的切线方程,由此切线过原点证得结论. ②由①及二次方程的实根分布理论的关于b,c的不等式组,再利用线性规划思想求

f(x0)x0的取值范围.

页 11第

【典例剖析】本题第三问的求解是较典型的解法,采用了线性规划的解题思想,把求f(x0)的取值范围问题,

转化为了求纵截距范围问题.

页 x012第

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