遂昌县一中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

一、选择题

1． 在水平向右的匀强电场中，质量为m的带正电质点所受重力mg是电场力的3倍．现将其以初速度v0竖直向上抛出，则从抛出到速度最小时所经历的时间为（ ）

v0

A．t＝

gC．t＝

3v0

2g

B．t＝

2v0

3g

3v0

D．t＝

4g

【答案】D

【解析】

F1

tanα＝＝，α＝30°

mg3g2g

等效重力加速度g′＝＝ cos30°3第 1 页，共 13 页

Δv＝v0cos30°＝g′t 3v0联立解得t＝.选项D正确。

4g

2． 如图所示的电路中，A、B是平行板电容器的两金属板。先将电键S闭合，路稳定后将S断开，并将B板向下平移一小段距离，保持两板间的某点P与A距离不变。则下列说法正确的是（ ） A．电容器的电容变小 B．电容器内部电场强度大小变大 C．电容器两极板电压变小 D．P点电势升高 【答案】AD

3． 如图所示，m=1.0kg的小滑块以v0=4m/s的初速度从倾角为37°的斜面AB的底端A滑上斜面，滑块与斜面间的动摩擦因数为之间的距离为

A．0.8m B．0.76m C．0.64m D．0.6m

【答案】B

4． 如图所示,用细绳悬于O点的可自由转动的通电导线AB放在蹄形磁铁的上方,当导线中通以图示方向电流时,从上向下看,AB的转动方向及细绳中张力变化的情况为（ ）

，取g=10m/s2，sin37°=0.6。若从滑块滑上斜面起，经0.6s正好通过B点，则AB

等电板的

A. AB顺时针转动,张力变大 B. AB逆时针转动,张力变小 C. AB顺时针转动,张力变小 D. AB逆时针转动,张力变大

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【答案】D

【解析】在导线上靠近A、B两端各取一个电流元，A处的电流元所在磁场向上穿过导线，根据左手定则，该处导线受力向外，同理B处电流元受安培力向里，所以从上向下看，导线逆时针转动，同时，由于导线转动，所以电流在垂直纸面方向有了投影，对于此有效长度来说，磁感线是向右穿过导线，再根据左手定则可判定导线有向下运动的趋势，故选D.

5． （2018南宁高三摸底考试）中国北斗卫星导航系统（BDS）是中国自行研制的全球卫星导轨系统，是继美国全球定位系统（GPS）、俄罗斯格洛纳斯卫星导航系统（GLONASS）之后第三个成熟的卫星导航系统。预计2020年左右，北斗卫星导航系统将形成全球覆盖能力。如图所示是北斗导航系统中部分卫星的轨道示意图，已知a、b、c三颗卫星均做圆周运动，a是地球同步卫星，则（ ）

A．卫星a的角速度小于c的角速度 B．卫星a的加速度大于b的加速度 C．卫星a的运行速度大于第一宇宙速度 D．卫星b的周期等于24 h 【答案】 AD

【解析】【命题意图】本题考查万有引力定律和卫星的运动、第一宇宙速度及其相关的知识点。

v2Mm所以卫星a的向心加速度等于b的向心加速度，选项B错误；由G2=m可得线速度与半径的关系：

rrGMv=，轨道半径r越大，速率v越小。而第一宇宙速度为轨道半径等于地球半径是环绕地球运动的卫星

r第 3 页，共 13 页

速度，所以卫星a的运行速度一定小于第一宇宙速度，选项C错

2

误；由G

Mm2=mr（）r2T，可得周期T=2π

r3，而卫星a的轨道半径与卫星b的轨道GM半径相等，所以卫星b的

周期等于同步卫星的运行周期，即等于地球自转周期24h，选项D正确。

6． 如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态．若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则（ ） A．电容器带电量不变 C．检流计中有a→b的电流

【答案】BC

7． 在匀强电场中，把一个电量为q的试探电荷从A移动到B点。已知场强为E，位移大小为d，初末位置电势差为U，电场力做功为W，A点电势为。下面关系一定正确的是 A. B. C. D. 【答案】A

【解析】因初末位置电势差为U，则电场力的功为W=Uq，选项A正确；因位移d不一定是沿电场线的方向，则U=Ed不一定正确，故选项BCD错误；故选A.

8． 在图所示的实验中，能在线圈中产生感应电流的情况是

B．尘埃仍静止

D．检流计中有b→a的电流

A. 磁铁静止在线圈上方 B. 磁铁静止在线圈右侧 C. 磁铁静止在线圈里面 D. 磁铁插入或抽出线圈的过程 【答案】D

【解析】试题分析：当穿过闭合线圈的磁通量发生变化时，线圈中有感应电流产生，故磁铁插入或抽出线圈的过程，穿过线圈的磁通量发生变化，故有感应电流产生，故D正确。 考点：考查了感应电流产生条件

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9． 在匀强磁场内放置一个面积为S的线框，磁感应强度为B，线框平面与磁场方向垂直，穿过线框所围面积的磁通量，下列关系正确的是 A. B. C. 【答案】A

【解析】磁通量定义可知当B与S相互垂直时，磁通量为Φ=BS，故A正确，BCD错误。

10．2016年2月11日，美国科学家宣布探测到引力波，证实了爱因斯坦100年前的预测，弥补了爱因斯坦广义相对论中最后一块缺失的“拼图”。双星的运动是产生引力波的来源之一，假设宇宙中有一双星系统由a、b两颗星体组成，这两颗星绕它们连线的某一点在万有引力作用下做匀速圆周运动。测得a星的周期为T，a、b两颗星的距离为l，a、b两颗星的轨道半径之差为Δr（a星的轨道半径大于b星的），则 A. b星的周期为

D.

B. a星的线速度大小为

C. a、b两颗星的轨道半径之比为D. a、b两颗星的质量之比为【答案】B

【解析】试题分析：a、b两颗星体是围绕同一点绕行的双星系统，故周期T相同，选项A错误。由

得

，得

考点：双星

【名师点睛】解决本题的关键知道双星系统的特点，角速度大小相等，向心力大小相等，难度适中。

，

。所以

,选项C错误；a星体的线速度

，

,选项B正确；由

，选项D错误；故选B．

11．（2016·河北沧州高三月考）某物体在竖直方向上的力F和重力作用下，由静止向上运动，物体动能随位移变化图象如图所示，已知0～h1段F不为零，h1～h2段F＝0，则关于功率下列说法正确的是（ ）

A．0～h2段，重力的功率一直增大 B．0～h1段， F的功率可能先增大后减小 C．0～h2段，合力的功率可能先增大后减小

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D．h1～h2段，合力的功率可能先增大后减小 【答案】BC

【解析】【参考答案】BC

12．（2016·江苏苏北四市高三联考）某踢出的足球在空中运动轨迹如图所示，足球视为质点，空气阻力不计。用v、E、Ek、P分别表示足球的速率、机械能、动能和重力的瞬时功率大小，用t表示足球在空中的运动时间，下列图象中可能正确的是（ ）

【答案】D 【

解

析

】

13．下列选项不符合历史事实的是（ ） A、富兰克林命名了正、负电荷

B、库仑在前人工作的基础上通过库仑扭秤实验确定库仑定律

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C、麦克斯韦提出电荷周围存在一种特殊的物质--电场 D、法拉第为了简洁形象描述电场，提出电场线这一辅助手段 【答案】C

14．某电场区域的电场线如右图所示．把一个电子从A点移到B点时，则（ ） A．电子所受的电场力增大，电子克服电场力做功． B．电子所受的电场力减小，电场力对电子做正功 C．电子所受的电场力增大，电势能减小，动能增大 D．电子所受的电场力增大，电势能增大，动能减小 【答案】C

15．（多选）如图所示，在足够长的光滑绝缘水平直线轨道上方的P点，

固定一电

荷量为＋Q的点电荷．一质量为m、带电荷量为＋q的物块（可视为质点的检验电荷），从轨道上的A点以初速度v0沿轨道向右运动，当运动到P点正下方B点时速度为v.已知点电荷产生的电场在A点的电势为φ（取无穷远处电势为零），P到物块的重心竖直距离为h，P、A连线与水平轨道的夹角为60°，k为静电常数，下列说法正确的是（ ）

A．物块在A点的电势能EPA =＋Qφ

B．物块在A点时受到轨道的支持力大小为mg33kqQ 28hC．点电荷＋Q产生的电场在B点的电场强度大小EBkQ 2hD．点电荷＋Q产生的电场在B点的电势B【答案】BCD

m22(v0－v)＋ 2q第 7 页，共 13 页

【解析】

二、填空题

16． 测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材： A．待测的干电池（电动势约为1.5V，内电阻小于1.0Ω） B．电流表G（满偏电流3mA，内阻Rg=10Ω） C．电流表A（0～0.6A，内阻0.1Ω） D．滑动变阻器R1（0～20Ω，10A） E.．滑动变阻器R2（0～200Ω，lA） F．定值电阻R0（990Ω） G．开关和导线若干

⑴某同学发现上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，于是他设计了如图中甲的（a）、（b）两个参考实验电路，其中合理的是____________图的电路；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选____________（填写器材前的字母代号）

（2）图乙为该同学根据（1）中选出的合理的实验电路利用测出的数据绘出的I1～I2图线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），则由图线可以得被测电池的电动势E=_______V，内阻r=_____Ω。 【答案】 ⑴b，D

⑵1.48（1.48士0.02），0.77（0.75～0.80）

17．图示为简单欧姆表原理示意图，其中电流表的满偏电流IR=300A,内阻Rg=100 ，可变电阻R的最大阻值为10 k，电池的电动势E=1.5 V,内阻r=0.5 ，图中与接线柱A相颜色应是 色，按正确使用方法测量电阻Rx的阻值时，指针指在刻度

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图甲

图乙 连的表笔盘的正中

央，则Rx= k.若该欧姆表使用一段时间后，电池电动势变小，内阻变大，但此表仍能欧姆调零，按正确使用方法再测上述Rx，其测量结果与原结果相比较 （填“变大”、“变小”或“不变”）。 【答案】 红（1分）5（1分） 变大（2分）

三、解答题

18．如图，一长为10 cm的金属棒ab用两个完全相同的弹簧水平地悬挂在匀强磁场中；磁场的磁感应强度大小为0.1 T，方向垂直于纸面向里；弹簧上端固定，下端与金属棒绝缘。金属棒通过开关与一电动势为12 V的电池相连，电路总电阻为 2 Ω。已知开关断开时两弹簧的伸长量为0.5 cm；闭合开关，系统重新平衡后，两弹簧的伸长量与开关断开时相比均改变了0.3 cm。重力加速度大小取10 m/s2。判断开关闭合后金属棒所受安培力的方向，并求出金属棒的质量。

【答案】 安培力的方向竖直向下，金属棒的质量为0.01 kg

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【解析】

19．如图甲所示，有一磁感应强度大小为B、垂直纸面向外的匀强磁场，磁场边界OP与水平方向夹角为45°，紧靠磁场右上边界放置长为L，间距为d的平行金属板M、N，磁场边界上的O点与N板在同一水平面上，O1、O2是电场左右边界中点．在两板间存在如图乙所示的交变电场（取竖直向下为正方向）．某时刻从O点竖直向上同时发射两个相同的粒子a和b，质量为m，电量为+q，初速度不同．粒子a在图乙中的t=

T时刻，4从O1点水平进入板间电场运动，由电场中的O2点射出．粒子b恰好从M板左端进入电场．（不计粒子重力和粒子间相互作用，电场周期T未知）

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求：（1）粒子a、b从磁场边界射出时的速度va、vb； （2）粒子a从O点进入磁场到射出O2点运动的总时间；

4m，要使粒子b能够穿出板间电场，求这电场强度大小E0满足的条件． qBqd2B2mmd2LqBdqBd【答案】（1） va vb （2） t （3） E0 2mmmL2qBqBd（3）如果交变电场的周期T

【解析】（1）如图所示，粒子a、b在磁场中均速转过90°，平行于金属板进入电场．

1d，rb=d ① 22va由牛顿第二定律可得qvaBm ②

ra由几何关系可得： ra2vbqvbBm ③

rbqBdqBd解得： va , vb

2mm

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（3）粒子在磁场中运动的时间相同，a、b同时离开Ⅰ磁场，a比b进入电场落后时间t故粒子b在t=0时刻进入电场．

由于粒子a在电场中从O2射出，在电场中竖直方向位移为0，故a在板间运动的时间ta是周期的整数倍，由于vb=2va，b在电场中运动的时间是tb⑧

dmT ⑦ 2vaqB41LTta，可见b在电场中运动的时间是半个周期的整数倍即tbn 2vb2n2L ⑨ Tv2T1T粒子b在内竖直方向的位移为ya ⑩

222qE0粒子在电场中的加速度a

m第 12 页，共 13 页

由题知T4m qB粒子b能穿出板间电场应满足ny≤d

qB2d2解得E0

mL【点睛】本题考查了带电粒子在电场与磁场中的运动，分析清楚粒子运动过程、作出粒子运动轨迹是正确解题的关键，应用牛顿第二定律、粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期公式、牛顿第二定律、运动学公式即可正确解题．

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