攸县第二中学校2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷物理

一、选择题

1． 如图，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连。若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子（ A.所受重力与电场力平衡B.电势能逐渐增加C.动能逐渐增加D.做匀变速直线运动

2． 如图所示，一个原来不带电的半径为r的空心金属球放在绝缘支架上，右侧放置一个电荷量为+Q的点电荷，点电荷与金属球球心处在同一水平线上，且点电荷到金属球表面的最近距离为2r。达到静电平衡后，下列说法正确的是

）

A. 金属球左边会感应出正电荷，右边会感应出负电荷，所以左侧电势比右侧高B. 左侧的正电荷与右侧负电荷电量相等

C. 点电荷Q在金属球球心处产生的电场场强大小为D. 感应电荷在金属球球心处产生的电场场强为零

3． 如图，一小球放置在木板与竖直墙壁之间，设墙面对球的压力大小为N1,球对木板的压力大小为N2，以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置。不计摩擦，在此过程中

A、N1始终减小，N2始终增大B、N1始终减小，N2始终减小

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C、N1先增大后减小，N2始终减小D、N1先增大后减小，N2先减小后增大

4． （2018开封质检）如图甲，两水平金属板间距为d，板间电场强度的变化规律如图乙所示。T=0时刻，质量为m的带电微粒以初速度v0沿中线射入两板间，0~T/3时间内微粒做匀速运动，T时刻微粒恰好经金属边缘飞出。微粒运动过程中未与金属板接触。重力加速度的大小为g。关于微粒在0~T时间内运动的描述，正确的是

A．末速度大小为2v0B．末速度沿水平方向C．克服电场力做功为

1mgd2D．微粒只能从下极板边缘飞出

5． 库仑定律是电磁学的基本定律。1766年英国的普里斯特利通过实验证实了带电金属空腔不仅对位于空腔内部的电荷没有静电力的作用，而且空腔内部也不带电。他受到万有引力定律的启发，猜想两个点电荷（电荷量保持不变）之间的静电力与它们的距离的平方成反比.1785年法国的库仑通过实验证实了两个点电荷之间的静电力与它们的电荷量的乘积成正比，与它们的距离的平方成反比。下列说法正确的是（ A．普里斯特利的实验表明，处于静电平衡状态的带电金属空腔内部的电势为零B．普里斯特利的猜想运用了“对比”的思维方法

C．为了验证两个点电荷之间的静电力与它们的距离的平方成反比，库仑制作了库仑扭秤装置

D．为了验证两个点电荷之间的静电力与它们的电荷量的乘积成正比，库仑精确测定了两个点电荷的电荷量6． 如图所示，质量为M的小车置于光滑的水平面上，车的上表面是粗糙的，有一质量为m的木块，以初速度v0滑上小车的上表面．若车的上表面足够长，则（ A．木块的最终速度一定为mv0/（M+m）

B．由于车的上表面粗糙，小车和木块组成的系统动量减小C．车的上表面越粗糙，木块减少的动量越多D．车的上表面越粗糙，小车增加的动量越多7． 下列用电器中，主要利用电流热效应工作的是A. 电风扇

B. 计算机

）

）

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C. 电烙铁 D. 电视机

8． （多选）如图所示，氕核、氘核、氚核三种粒子从同一位置无初速地飘入电场线水平向右的加速电场E1，之后进入电场线竖直向下的匀强电场E2发生偏转，最后打在屏上。整个装置处于真空中，不计粒子重力及其相互作用，那么（

）

A．偏转电场E2对三种粒子做功一样多B．三种粒子打到屏上时的速度一样大C．三种粒子运动到屏上所用时间相同D．三种粒子一定打到屏上的同一位置

9． 对于电容

，以下说法正确的是

A. 一只电容器所充电荷量越大，电容就越大

B. 对于固定电容器，它的带电量跟两极板间所加电压的比值保持不变C. 电容器的带电量跟加在两极间的电压成反比D. 如果一个电容器没有带电，也就没有电容

10．如图所示，圆形区域内有垂直纸面的匀强磁场，三个质量和电荷量都相同的带电粒子a、b、c，以不同的速率对准圆心O沿着AO方向射入磁场，其运动轨迹如图。若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法正确

ab的是（ ）cA．a粒子动能最大

AB．c粒子速率最大

C．c粒子在磁场中运动时间最长D．它们做圆周运动的周期TaTbTcO11．如图所示，光滑半球形容器固定在水平面上，O为球心。一质量为m的小滑块，在水平力F的作用下静止于P点。设滑块所受支持力为FN，OP与水平方向的夹角为θ。下列关系正确的是 (　　)

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A．F＝

mgtan θ　　　　　B．F＝mgtan θmg

D．FN＝mgtan θtan θ12．（2016·山东枣庄高三期末）如图所示，不带电的金属球A固定在绝缘底座上，它的正上方有B点，该C．FN＝

处有带电液滴不断地自静止开始落下（不计空气阻力），液滴到达A球后将电荷量全部传给A球，设前一液滴到达A球后，后一液滴才开始下落，不计B点未下落带电液滴对下落液滴的影响，则下列叙述中正确的是（

）

A．第一滴液滴做自由落体运动，以后液滴做变加速运动，都能到达A球B．当液滴下落到重力等于电场力位置时，开始做匀速运动

C．能够下落到A球的所有液滴下落过程所能达到的最大动能不相等D．所有液滴下落过程中电场力做功相等

13．如图所示，以o为圆心的圆周上有六个等分点a、b、c、d、e、f。等量正、负点电荷分别放置在

a、d两处时，在圆心o处产生的电场强度大小为E。现改变a处点电荷的位置，使o点的电场强度改变，下

列叙述正确的是（

）

A. 移至b处，o处的电场强度大小减半，方向沿odB. 移至c处，o处的电场强度大小不变，方向沿oeC. 移至f处，o处的电场强度大小不变，方向沿oeD. 移至e处，o处的电场强度大小减半，方向沿oc14．如图甲所示，不计电表对电路的影响，改变滑动变阻器的滑片位

电压表和随电流表的示数变化规律如图乙中a、b所示，下列判断正确的是（

）

置，测得

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①图线a的延长线与纵轴交点的坐标值等于电源电动势②图线b斜率的绝对值等于电源的内阻

③图线a、b交点的横、纵坐标之积等于此状态下电源的输出功率④图线a、b交点的横、纵坐标之积等于此状态下电阻R0消耗的功率A．① ③

B．① ④ C．① ③④

D． ②③

15．如图所示，匀强电场中有a、b、c三点，在以它们为顶点的三角形中，∠a＝30°，∠c＝90°，电场方向与三角形所在平面平行。已知a、b和c点的电势分别为（2－3）V、（2＋3） V和2 V。该三角形的外接圆上最低、最高电势分别为

A．（2－3） V、（2＋3） VB．0、4 V

44C．（2－3） V、（2＋3） V

33

D．0、23 V

16．如图所示为直升飞机由地面垂直起飞过程的速度时间图象，则关于飞机的运动，下面说法正确的是（

）

A. 0~5s内飞机做匀加速直线运动B. 5~15s内飞机在空中处于悬停状态C. 15~20s内飞机匀减速下降

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D. 0~25s内飞机上升的最大高度为300m17．下列各项中属于电磁波的是A. X射线

B. 引力波 C. 湖面上的水波

D. 可见光

18．（2018南宁摸底）如图所示，在光滑水平面内有一固定光滑绝缘挡板AB，P是AB上的一点。以A为坐标原点在水平面建立直角坐标系，y轴一挡板AB重合，x轴上固定一个带正电的点电荷Q。将一个带电小球（可视为质点）轻放到挡板的左侧的P处，在静电力作用下小球沿挡板向A运动，则下列说法中正确的是

A．小球带负电

B．由P点到A点小球做匀加速直线运动C．P点的场强比A点的场强大

D．小球在P点的电势能比在A点的电势能大

二、填空题

19．某待测电阻Rx的阻值约为20Ω，现要测量其阻值，实验室提供器材如下：

A．电流表A1（量程150mA，内阻r1约10Ω）B．电流表A2（量程20mA，内阻r2=30Ω）C．定值电阻R0=100Ω

D．滑动变阻器R，最大阻值为5ΩE．电源E，电动势E=4V（内阻不计）F．开关S及导线若干

①根据上述器材完成此实验，测量时要求电表读数不得小于其量程的1/3，请你在虚线框内画出测量Rx的实验原理图（图中元件用题干中相应英文字母符号标注）。

②实验时电流表A1的读数为I1，电流表A2的读数为I2，用已知和测得的物理量表示Rx= 。

20．如图1所示，宽度为d的竖直狭长区域内（边界为L1、L2），存在垂直纸面向里的匀强磁场和竖直方向上的周期性变化的电场（如图2所示），电场强度的大小为E0，E>0表示电场方向竖直向上。t=0时，一带正电、质量为m的微粒从左边界上的N1点以水平速度v射入该区域，沿直线运动到Q点后，做一次完整的圆周运动，再沿直线运动到右边界上的N2点。Q为线段N1N2的中点，重力加速度为g。上述d、E0、m、v、g为已知量。

（1）求微粒所带电荷量q和磁感应强度B的大小；（2）求电场变化的周期T；

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（3）改变宽度d，使微粒仍能按上述运动过程通过相应宽度的区域，求T的最小值。

21．（1）在做“探究平抛运动的规律”实验时，下列操作正确的是（ A．通过调节使斜槽的末端保持水平B．每次释放小球的位置可以不同

）

C．使描出的轨迹更好地反映真实运动，记录的点应适当多一些D．将记录小球位置的纸取下后，用直尺依次将各点连成折线

（2）图6所示为一小球做平抛运动的闪光照片的一部分，图中背景方格的边长均为4. 9cm，每秒钟闪光10次，小球平抛运动的初速度是

m/s，当地的重力加速度大小是 m/s

三、解答题

22．一根质量为m通有电流I的直铜棒PQ用软导线挂在如图所示匀强磁场中，铜棒在磁场中的长度为L，此时悬线中的拉力恰好等于零。

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（1）在图中画出在磁场中的直铜棒受到的安培力的方向；（2）求出磁场的磁感应强度大小。

23．（2016·江苏南通高三期末） （20分）如图所示，光滑绝缘的细圆管弯成半径为R的半圆形，固定在竖直面内，管口B、C的连线是水平直径。现有一带正电的小球（可视为质点）从B点正上方的A点自由下落，A、B两点间距离为4R。从小球进入管口开始，整个空间中突然加上一个匀强电场，电场力的竖直向上的分力大小与重力大小相等，结果小球从管口C处脱离圆管后，其运动轨迹经过A点，设小球运动过程中带电荷量没有改变，重力加速度为g，求：

（1）小球到达B点的速度大小；（2）小球受到的电场力大小；

（3）小球经过管口C处时对圆管壁的压力。

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攸县第二中学校2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷物理（参考答案）

一、选择题

1． 【答案】BD2． 【答案】BC

【解析】由于静电感应，则金属球左边会感应出正电荷，右边会感应出等量的负电荷；静电平衡的导体是一个等势体，导体表面是一个等势面，所以金属球左、右两侧表面的电势相等．故A错误，B正确；点电荷Q在金属球球心处产生的电场场强大小为

，选项C正确；金属球内部合电场为零，电荷+Q与感应

电荷在金属球内任意位置激发的电场场强都是等大且反向，所以金属球上感应电荷在球心激发的电场强度不为0，故D错误；故选BC.

点睛：处于静电感应现象的导体，内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面．且导体是等势体.3． 【答案】B【

解

析

】

4． 【答案】BCD

【解析】本题考查带电微粒在复合场中的匀速直线运动、平抛运动和类平抛运动、电场力做功及其相关的知识点。

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5． 【答案】C6． 【答案】A7． 【答案】C

【解析】电风扇是利用电流的磁效应工作的，故A错误；计算机主要是把电能转化为声和光,故B错误；电烙铁利用电流的热效应工作的．故C正确；电视机主要是把电能转化为声和光，故D错误．所以C正确，ABD错误。

8． 【答案】　AD【解析】

9． 【答案】B

【解析】解：A、电容器带电荷量越大，板间电压越大，而电容不变．故A错误．

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B、电容表征电容器容纳电荷本领的大小，对于固定电容器，电容C不变，由定义式C=可知，则带电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变．故B正确．

C、电容器的带电荷量Q=CU，当电容C一定时，电量与电压成正比．当电容C变化时，电量与电压不成正比．故C错误．

D、电容表征电容器容纳电荷本领的大小，与电容器的电量、电压无关．故D错误．故选：B

【点评】本题考查对电容的理解能力，抓住电容的物理意义和定义式是关键．10．【答案】B11．【答案】A【解析】

解法三：正交分解法。将滑块受的力水平、竖直分解，如图丙所示，mg＝FNsin θ，F＝FNcos θ，联立解得：F＝

mgmg

，FN＝。tan θsin θ

mgmg

，FN＝，tan θsin θ

解法四：封闭三角形法。如图丁所示，滑块受的三个力组成封闭三角形，解直角三角形得：F＝故A正确。

12．【答案】C　【

解

析

】

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13．【答案】D14．【答案】C【解析】

15．【答案】　B【解析】

16．【答案】AD17．【答案】AD

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【解析】可见光、X射线都属于电磁波；湖面上的水波属于机械波，引力波不属于电磁波，故AD正确，BC错误。

18．【答案】AD

【解析】【名师解析】根据题述，静止带电小球从P处在静电力作用下沿挡板向A运动，说明带电小球受到的是库伦吸引力，小球带负电，选项A正确；由于点电荷Q的电场不是匀强电场，带电小球在运动过程中所受的合外力不可能保持不变，所以小球由P到A不可能做匀加速直线运动，选项B错误；根据点电荷电场特征，P点的电场强度比A点的电场强度小，选项C错误；小球由P到A运动，静电力做功，电势能减小，小区装P点的电势能比在A点的电势能大，选项D正确。

二、填空题

19．【答案】

（4分）

RxI2(Ror2)I1I2（2分）

20．【答案】（附加题） （1）根据题意，微粒做圆周运动，洛伦兹力完全提供向心力，重力与电场力平衡，则mg=qE0 −−−−−−−①∵微粒水平向右做直线运动，∴竖直方向合力为0.则 mg+qE0=qvB−−−−−②联立①②得：q=2E0mg−−−−−−③ B=−−−−−−−−④E0v（2）设微粒从N1运动到Q的时间为t1，作圆周运动的周期为t2，mv2d则vt1 −−−−−⑤ qvB=−−−−−−−−⑥ 2πR=vt2−−−−−−−−−−−−⑦R2vd联立③④⑤⑥⑦得：t1 t2−−−−−−−−⑧g2vdv−−−−−−−⑨电场变化的周期T=t1+t2=2vg（3）若微粒能完成题述的运动过程，要求 d2R−−−−−−⑩v2联立③④⑥得：R=2g第 13 页，共 15 页

设Nv1Q段直线运动的最短时间t1min,由⑤⑩得t1min2g，因t2不变,T的最小值Tmin=t1min+t2=（2π+1） v2g21．【答案】（1）AC（2）1.47m/s

三、解答题

22．【答案】（1）向上 （2）

【解析】试题分析：根据安培力的定义式即可解题。（1）安培力方向如图所示：

（2）铜棒受重力和安培力，如图所示：

根据平衡条件可得：安培力为：联立可得：

点睛：本题主要考查了安培力的大小和方向，对铜棒受力分析在结合平衡条件即可解题。23．【答案】【答案】（1）8gR　（2）2mg　（3）3mg，方向水平向右【

解

析

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】

（2）设电场力的竖直向上分力为Fy，水平分力为Fx，则Fy＝mg

12－vB2）①从B到C，由动能定理得－Fx·2R＝m（vC2

小球从管口C到A，做类平抛，竖直方向匀速运动y＝4R＝vC·t②

1Fx2

水平方向匀加速直线运动x＝2R＝··t③

2m

由①②③得Fx＝mg

故电场力大小为F＝F＋F＝2mg方向与水平向左成45°斜向上。

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