第二章习题答案
2-2 真空中有一长度为l的细直线,均匀带电,电荷线密度为。试计算P点的电场强度: (1)P点位于细直线的中垂线上,距离细直线中点l远处; (2)P点位于细直线的延长线上,距离细直线中点l远处。 解:
(1)可以看出,线电荷的场以直线的几何轴线为对称轴,产生的场为轴对称场,因此采用圆柱坐标系,令z轴与线电荷重合,线电荷外一点的电场与方位角无关,这样
z处取的元电荷
dq=dz,它产生的电场与点电荷产生的场相同,为:
dzdEe 2R40R其两个分量:
z dzdEdE•ecos (1) 240Rdzl / 2 zRdzdEzdE•ezsin (2) 240R又
P l / 2 dEy
Rcos,z'tan
所以:
dz'sec2d (3)
图2-2长直线电荷周围的电场
式(3)分别代入式(1)(2)得:
dEsincosd d ; dEz4040‘E=20'd=sinsin' (4)
4020020cosl2l24l2 (5)
又 sin式(5)代入式(4)得:
E=250250l
由于对称性,在z方向 Ez 分量互相抵消,故有Ez0
1
EEeEzez250le
-
(2)建立如图所示的坐标系
在x处取元电荷dqdx则它在P点产生的电场强度为
dxdEe
2R40R其在x方向的分量为:
y d x o x P x
R dEx又 Rlx
dx40R2
dExdx40R2dx40(l-x)2
Exl/2l/21 24lx3l40(l-x)00l/2dxl/2ExExexex 30l2-4 真空中的两电荷的量值以及它们的位置是已知的,如题图2-4所示,试写出电位(r,)和电
场E(r,)的表达式。
解:为子午面场,对称轴为极轴,因此选球坐标系,由点电荷产生的电位公式得:
(p)1222q140r1q240r212
r2
2212又 r1(rc2rccos) , r2(rd2rdcos)
r1 r1rcrerccosercsinerccosercsine
r2rdrerdcoserdsinerdcoserdsine
(p)12q140r1q1q240r2q21题图2-4
140(r2c22rccos)240(r2c22rccos)2q1r1q2r2 E(p)3340r140r22
-
1q1(rccos)ercsineq2(rdcos)erdsine 3340222222(rc2rccos)(rd2rdcos)
1q1(rccos)q2(rdcos)3340222(r2d22rdcos)2(rc2rccos)1q1csinq2dsin3340222(r2c22rccos)2(rc2rccos)er
e2-6 半径为b的无限长圆柱中,有体密度为0的电荷,与它偏轴地放有一半径为a的无限长圆柱空洞,两者轴线平行且距离为d,如图2-6所示,求空洞内的电场强度。
y y y b o x o 0 o 0 d x (a)
(b)
图2-6
( c) 解:由于空洞存在,电荷分布不具有对称性,由此产生的场亦无对称性,因此不能用高斯定律求解。这是可把空洞看作也充满0,使圆柱体内无空洞,然后再令空洞中充满-,并单独作用,分
别求出两种场的分布后叠加即可。设空洞内的电场强度为E。
第一步 0 单独作用,如图(b)所示, 由体密度为0的电荷产生的电场强度为E1,由高斯定理
D•dS1=q10E12l02l
S10 所以: E1e
203
-
第二步 0单独作用产生的电场强度为E2,如图(c)所示。
D•dS2=q20E22l02l
S20E2e
20第三步 将0和0在空洞中产生的场进行叠加,即
0dE=E1+E2=eeex 2020注:ddex
ker(k为常数)2-7半径为 a介电常数为ε的介质球内,已知极化强度 P(r)。 r试求:(1)极化电荷体密度p和面密度p ; (2)自由电荷体密度 ;
E (3)介质球内、外的电场强度。
kkke解:(1) p•P• , P•epnrr2rr(2)
因为是均匀介质,有
raka
DεEε0E P Epεε0
因此
DεE0P
k •D•P r200
(3) 球内电场,
Epεε0kεε0raer ( r < a )
球外电场,由高斯定理:
4
D•dSqSvdvk00r24πrdr2kaD4πr4π
02 -
DDkaka , Eer ( r > a ) er22000r0r或
qqpE•dSS0dVdVdSdVppVVsV00
2-9 用双层电介质制成的同轴电缆如题图2-9所示,介电常数 140 , 220 内、外导体单位长度上所带电荷分别为和
(1)求两种电介质中以及R1 和R3处的电场强度与电通密度; (2)求两种电介质中的电极化强度;
(3)问何处有极化电荷,并求其密度。 解:
(1)由高斯定理可得:
0De2π0(R1)(R1R3)
图2-9
(R3)0eeD2π18π0电场强度 E, 故 Eεee2π24π00(R1)(R1R2)
(R2R3)(R3)(2) 由 Dε0EP ,得两种电介质中的电极化强度为
3e8πPD0Ee4π38πR1
(R1R2)
(R2R3)(3) 内、外导体圆柱表面上和两种电介质交界面上有极化电荷,它们分别是:
在R1处:
pP•(e)
在R3处: pP•e4πR35
-
在R2处:: pP•eP•(e12)38πR24πR28πR2
2-10 有三块相互平行、面积均为S的薄导体平板,A、B板间的厚度为d的空气层,B、C板间则是厚度为d的两层介质,它们的介电常数分别为1 和1,如题2-10所示。设A、C两板接地,B板的电荷为Q,忽略边缘效应,试求: (1) 板间三区域内的电场强度;
(2) 两介质交界面上的极化电荷面密度; (3) A、C板各自的自由电荷面密度。
解 (1) 在A、C板间的三介质区域内,分别为均匀电场,在Q为正电荷时各电场方向如图所示,从而有
Q A B en2 en1 C E0 E1 E2 E0dE1dE2d 0E0s1E1sQ
EE2211从而解得
0 d 1 d 2 d 题图2-10
E1(02)Q2Q1Q及E2及E0
s(010212)s(010212)s(010212)(2)在两介质分界面上
p1p2pP1•en1P2•en2D10E1D20E2
•en1012Q0E2E1S010212
(3)在A、C板上的电荷面密度分别为 A0E02-12
如题图2-12所示球形电容器中,对半地填充有介电常数分别为1和2两种均匀介质,两介质交界面是以球心为中心的圆环面。在内、外导体间施加电压U时,试求: (1)电容器中的电位函数和电场强度; (2)内导体两部分表面上的自由电荷密度。 解:(1) 方法一:设内导体带电荷为Q,外导体带电荷Q,选球坐标,应用高斯定律
0(12)Q12Q及C2E2
s(010212)s(010212)
D•dsQ
S由媒质分界面条件可知,在两种介质中E1E2,D1D2,所以
题图2-12
6
-
S1D1•ds2S2D2•dsS11E1•ds2E2•ds12E•dsQ
S2S1112πrEQ 21令外导体为参考导体,则电位函数为
EQ122πr212Qer (1)
R2rE•dlR2R2R111 (2) •dr22π12rR22πr12QUR1E•dlR2R111 •dr22π12R1R22πr12QQQ2π12UR1R2R2R1
将上式带入(1)(2)得
UR1R21UR1R211 , Ee2rR2R1rR2R1rR2方法二 :用静电场的边值问题求解,在均匀介质1和介质2中,电位分别满足拉普拉斯方程,并
且边界面条件相同,所以可判断两个区域的电位函数相同,有
20 rRU;1取球坐标系有
rR20r1221rr2(r2)rsin(sin)12222rsin0
在两种介质中,都与、无关,所以
21r2r(r2r)0
上式的通解为 c1rc2
有边界条件解得: c1=
R1R2UR2U c2=
R1R2R1R2UR1R211所以 R2R1rR2 ,UR1R21Ee 2rR2R1r (2) 两种介质中的电位移矢量分别为
D11E1 , D22E2
7
-
根据分界面条件
en•D2D1
对于本题,设媒质2为介质,媒质1为导体,因此有D10, D2•en
则内导体两部分表面上的自由电荷密度为
11E(R1)•en1UR2R2R1 ,
22E(R1)•en2UR2R2R1
2-16 在半径分别为a和b(b>a)的同轴长圆柱形导体之间,充满密度为0的空间电荷,且内、外筒形导体之间的电压为U,如题图2-16所示。试用边值问题的方法求电荷区内的电位函数。 解:圆柱形导体之间的电位满足泊松方程,对应的边值问题为
02 aU;b0在圆柱形坐标中电位仅是的函数,因此泊松方程有如下形式:
-
题图2-16
10= 2上式的通解为
02c1lnc2
4由给定的边界条件确定积分常数:
c10(b2a2)U40blna22 , c20(b2a2)[U]lnb40lnba0b2 4022(ba)00(ba)UlnbU2400b2040所以: lnbb4040lnlnaa2-18 两平行导体平板,相距为d,板的尺寸远大于d,一板的电位为零,另一板电位为V0,两板间充满电荷,电荷体密度与距离成正比,即(x)0x。试求两板间的电位分布(注:x =0处板的电位为零)。
解:两平行导体平板间的电位满足泊松方程,忽略边缘效应,在直角坐标系对应的边值问题为
8
-
x20 x00;xdU
上式泊松方程转化为:
0xd 2dx0其通解
2U 0x3C1xC2
60由给定的边界条件确定积分常数:
(x) C20 , C1U00d d602d o 题图2-18
x
所以: U0x0(d2x2)x d60上式第一项为电源对电位函数的贡献,第二项为电荷(x)的贡献。
2-19 在无限大接地导体平面两侧各有一点电荷q1和q2,与导体平面的距离为d,求空间电位的分布。
解:因为是无限大接地导体,所以,当q1单独作用时,接地导体对q2相当于屏蔽作用,当q2单独作用时,接地导体对q1相当于屏蔽作用,所以:
q1单独作用时产生的电位在q1所在侧,设r1和r2分别为q1和q1的镜像到p的距离,由镜像法得:
1=q140r1q140r2q140(11) r1r2q2单独作用时产生的电位在q2所在侧,设r3和r4分别为q2和q2的镜像到p的距离,由镜像法得:
2=q240r3q240r4q240(11) r3r42-27 若将某对称的三芯电缆中三个导体相连,测得导体与铅皮间的电容为F,若将电缆中的两导体与铅皮相连,它们与另一导体间的电容为F,求: (1)电缆的各部分电容; 9
-
(2)每一相的工作电容;
(3)若在导体1、2之间加直流电压100V,求导体每单位长度的电荷量。 解:三芯电缆的结构及各部分电容如图(a)所示
(1) 对应于两次测量的等值电容电路分别如图(b)和图(c)所示:
由图(b)得:
3C00.051 F,C00.017 F
由图(c)得:
C0C1C10.037 F
C11(0.0370.017)0.01 F 2
图(a) 图(b)
图(c)
图(d)
图(e)
(2) 工作电容是指在一定的工作状态下的等值电容,在这里是指三相工作时一相的电容,等值
电容如图(d)和(e)所示:
所以,一相的工作电容为
CC03C10.047 F
(3) 若在导体1,2之间接一直流电压100V,则从A,B端看去的等效电容为:
CABC0.0235 F
2所以 10
-
qABCABUAB0.02351002.35 C/m
注:电缆是作为无限长来处理的,所以这里的电容均应理解为单位长度的电容。
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