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2016-2017学年青海省西宁市第五中学高二下学期期中考试数学(理)试题

2023-11-15 来源:易榕旅网
2016-2017学年青海省西宁市第五中学高二下学期期中考试数学

(理)试题

试卷满分:150分 考试时间:120分钟

第Ⅰ卷

一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,

只有一项是符合题目要求的,请将所选答案写在答题卡上) 1.复数

z512iA.

的虚部是 ( )

2

B. 2 C.

2i D. 2i

( )

2.已知函数

f(x)的导函数

f(x)f(x)的图象如图所示,那么下面说法正确的是

A. 在(3,1)内是增函数

f(x)B. B. 在(1,3)内C. 在(4,5)内D. 在x=2时,

f(x)f(x)是减函数

是增函数

取得极小值

3.用反证法证明某命题时,对结论:“自然数a,b,c中恰有一个偶数” 正确的反 设为 ( ) A.a,b,c都是奇数

B.a,b,c都是偶数

C.a,b,c中至少有两个偶数 D.a,b,c中至少有两个偶数或都是奇数

4. x21x221的展开式的常数项是( )

x5(A)3 (B)2 (C) (D)

5.某班新年联欢会原定的5个节目已排成节目单, 开演前又增加了两个新节目. 如果将这两个新节目插入原节目单中, 那么不同插法的种数为 ( )

A.42 B.48 C. 96 D. 124 6.已知函数

A.

f(x)xsinx,记mf(12),n1f()3,则下列关系正确的是 ( ) D.

nm0m0n B.

0nm C.

0mn

7.某校高三年级共有六个班,现从外校转入4名学生,要安排到该年级的两个班级且每班安排( )

A. A62C42 B. A62A42 C. 2A62 D. 8.如图,正方形的四个顶点为

O(0,0)、A(1,0)、B(1,1)、C(0,1)2名,则不同的安排方案种数为

12A6C422

,曲线yx2经过点B,现

将一质点随机投入正方形中,则质点落在图中阴影区域的概率是( )

A.9.若

1232 B. C. D.

341125

f(x)x3ax3(a2)x1有极大值和极小值,则a的取值范围

( ) A.1a2 B.a2或a1 C.a22或a01 D.a1或a2

10.已知关于x的方程x22(a3)x9b,其中a,b都可以从集合{1,2,3,4,

D.

315,6}中任意选取,则已知方程两根异号的概率为

A.

61 ( )

B.

f(x)(12x)1012, 则导函数

C.

f(x)112

11.设函数的展开式x2项的系数为 ( )

A.1440 B.-1440 C.-2880 D.2880 12.设函数

A.C.

f(x),g(x)在[a,b]上均可导,且f(x)g(x),则当axb时,有 ( )

f(x)g(x)

B.D.

f(x)g(x)

f(x)g(a)g(x)f(a)f(x)g(b)g(x)f(b)

第Ⅱ卷(非选择题,共90分)

二、填空题(本题共4小题,每小题5分,共20分。请规范作答) 13.若复数z14.3(m1)m1i2为纯虚数, 那么实数m的值 . (2x1x)dx2= 。

15.随机变量ξ的分布列为P(ξ=k)=ck(1k),k=1,2,3,4,其中c为常数,

则P(2)等于 .

16.设正三棱柱(底边为等边三角形的直棱柱)的体积为2,那么其表面积最小时,底面边长为 .

三、解答题(本题共6大题,其中第17题10分,其他每题12分,共70分:审题要慢,

答题要快;言之有理,论证有据,详略得当,工整规范) 17. 已知函数

f(x)ax3x2(aR)3的一个极值点是1.

(I) 求曲线y (II)求函数

f(x)在点(2,f(2))处的切线方程;

f(x)在[2,3]上的最大值和最小值.

18.从1到9的九个数字中取三个偶数四个奇数,试问: ①能组成多少个没有重复数字的七位数? ②上述七位数中三个偶数排在一起的有几个?

③在①中的七位数中,偶数排在一起、奇数也排在一起的有几个? ④在①中任意两偶然都不相邻的七位数有几个?

19.在二项式(3x213)xn的展开式中,前三项系数的绝对值成等差数列

(1)求展开式的常数项; (2)求展开式中二项式系数最大的项; (3)求展开式中各项的系数和。

20.已知 a1=

12,且Snnan2 (nN)*

(1) 求a2 ,a3 ,a4

(2) 猜测{an }的通项公式,并用数学归纳法证明之.

21.甲、乙两队参加世博会知识竞赛,每队3人,每人回答一个问题,答对者为本队赢得一分,答错得零分.假设甲队中每人答对的概率均为为

23,23,1223,乙队中3人答对的概率分别

,且各人正确与否相互之间没有影响.用ξ表示甲队的总得分。

(Ⅰ)求随机变量ξ分布列

(Ⅱ)用A表示“甲、乙两个队总得分之和等于3”这一事件,用B表示“甲队总

得分大于乙队总得分”这一事件,求P(AB).

22.已知函数

f(x)lnx(x1)22.

(Ⅰ)求函数fx的单调递增区间; (Ⅱ)证明:当x1时,fxx1;

1,,()x0当x1(Ⅲ)确定实数k的所有可能取值,使得存在x0时,恒有fxkx1.

高 二 数 学(理科)答案

一、选择题 ACDDA BDBBB CD 二、填空题

9+ln32 。

13. -1 .14. 215.3/8 . 16.

17. 已知函数f(x)ax3x2(aR)的一个极值点是1. (I) 求曲线yf(x)在点(2,f(2))处的切线方程; (II)求函数f(x)在[2,3]上的最大值和最小值.

解: f'(x)3ax3. ………………………2分

因为 函数f(x)的一个极值点是1, 所以 f'(1)3a30.

解得:a1. ………………………4分 经检验,a1满足题意. 所以

f(2)0,f'(2)9f(x)23.

f(2))处的切线方程是y9(x2)所以曲线y在点(2,,即9xy180.

………………………6分 (Ⅱ)由(Ⅰ)知:f'(x)3x3.

令f'(x)0,得 x11,x21. ………………………7分 当x在[2,3]上变化时,f'(x),fx的变化情况如下表

x2 2 (2,1) 1 0 0 (1,1) 1 0 (1,3) 3 f'(x) 4 - ↘ + ↗ - ↘ -16 f(x) 4 ………………………10分 所以 函数f(x)在[2,3]上的最大值为4,最小值为-16. ………………………11分 18. 解:①分步完成:第一步在4个偶数中取3个,可有

第二步在5个奇数中取4个,可有

种情况; 种情况;

7第三步3个偶数,4个奇数进行排列,可有A7种情况,

347所以符合题意的七位数有C4C5A7100800个.

3453 ②上述七位数中,三个偶数排在一起的有个.C4C5A5A314400

③上述七位数中,3个偶数排在一起,4个奇数也排在一起的有

C4C5A3A4A2576035342个.

④上述七位数中,偶数都不相邻,可先把4个奇数排好,再将3个偶数分别插入5个空档,

433共有A5C4A528800个。

19.在二项式(x2313)的展开式中,前三项系数的绝对值成等差数列 xn(1)求展开式的常数项; (2)求展开式中二项式系数最大的项; (3)求展开式中各项的系数和。 解:展开式的通项为Tr1由已知:((1)T51200(12n2r)Cxrrn3,r=0,1,2,…,n

1214)Cn,(12)Cn,(112)C22n成等差数列,∴ 2C1n1C2n∴ n=8

1256358 (2)T5二项式系数最大 (3)令x=1,各项系数和为

122,且Snnan (nN)

20.已知 a1=

*(1) 求a2 ,a3 ,a4

(2) 猜测{an }的通项公式,并用数学归纳法证明之.

22220、解: ∵Snnan, ∴an1Sn1Sn(n1)an1nan

∴an1nn2an

∴(1) a2=

16 , a3=

1112,a4=

120

(2) 猜测an=

;下面用数学归纳法证

n(n1) ①当n=1时,结论显然成立.

②假设当n=k时结论成立,即ak=

1k(k1)kk21k(k1)1(k1)(k2)

则当n=k+1时,ak1kk2ak

故当n=k+1时结论也成立.

由①、②可知,对于任意的n∈N*,都有an=

21.(I)由题意知,的可能取值为0,1,2,3,且

2312721n(n1)

P(0)C3(1P(1)C3210)233,294923(123232)23,所以的分布列为

,P(2)C3(P(3)C3(3)(13))827, 0 11 2 493 827 29 P 27………………………………………………… 6分

(II)用C表示“甲得2分乙得1分”这一事件,用D表示“甲得3分乙得0分”这一事件,

ABCD,C,D互斥. …………………7分

P(C)C3(223)(1223)121111102114,…………10分 3323323323P(D)435,………………………………………………………………………… 11分

P(AB)P(C)P(D)10344353435234243. ………………………… 13分

试题解析:(I)fxx01xx1xx1x12,x0,.

由fx0得xx102解得0x5.

15故fx的单调递增区间是0,. 2(II)令Fxfxx1,x0,.

1xx2则有Fx.

当x1,时,Fx0, 所以Fx在1,上单调递减,

故当x1时,FxF10,即当x1时,fxx1. (III)由(II)知,当k1时,不存在x01满足题意.

当k1时,对于x1,有fxx1kx1,则fxkx1,从而不存在x01满足题意.

当k1时,令Gxfxkx1,x0,,

1xx1kx2则有Gxx1kx1.

由Gx0得,x1kx10.

1k2解得x11k2240,x21k1k2241.

当x1,x2时,Gx0,故Gx在1,x2内单调递增. 从而当x1,x2时,GxG10,即fxkx1, 综上,k的取值范围是,1.

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