第一篇:2019年全国乙卷数学试题及答案(一) 一、选择题部分 1.答案为D,展开式后,余项为$n^{101}$。 2.答案为C,将原式代入,得到$|x|+|y|+|x+y-2|+|x-y-2|=4$,再结合图示,可得$x+y=3$。 3.答案为A,利用极坐标系转化后,得到$-\\pi < \heta < \\pi$。 4.答案为B,联立两条直线方程,解得点A(-2,2),B(3,-3),C(6,0),D(3,3),再计算四边形面积得到12。 5.答案为C,设正方形顶点坐标分别为(0,0)、(2a,0)、(0,2a)、(2a,2a),因为正方形两对边平行,所以斜率相等,即$\\frac{a}{b}=\\frac{3a+c}{2a+b}$,解得$c=3a$,再带入$a^{2}+9a^{2}=4a^{2}+b^{2}$,解得$b=2a\\sqrt{2}$。 6.答案为A,由夹逼定理可知$\\lim\\limits_{x
\\rightarrow 0} \\frac{1-cos(ax)}{x} = \\lim\\limits_{x \\rightarrow 0} \\frac{2sin^{2}(\\frac{ax}{2})}{x} = a$。 7.答案为C,将题目中的等式变形为$\\frac{a_{1}-a_{n}}{n-1}=2(a_{n}-a_{n-1})$,然后递推,得到
$a_{n}=\\frac{4n+1}{3}a_{n-1}-\\frac{1}{3}a_{n-2}$。 8.答案为C,设$a_{n}=2^{x(n)}\\cdot 5^{y(n)}$,则$x(n)$表示$n$在$2$的因数中有$x(n)$个$2$,$y(n)$表示
$n$在$5$的因数中有$y(n)$个$5$,则$x(n)+y(n)=n$,由于$n \\leq 2017$,所以$y(n) \\leq log_{5}2017 < 5$,故不同的
$(x(n),y(n))$组合有$2011$个。 9.答案为B,设扇形半径为$R$,圆心角为$\heta$,则$S=\\frac{1}{2}R^{2}\heta$,而边长为$8$的正方形,对角线为$8\\sqrt{2}$,故可得$R=4$,$\heta=\\frac{1}{4}\\pi$,故$S=\\frac{1}{2}R^{2}\heta=2\\pi$。 10.答案为D,因为$n^{2}<2^{n}$,故
$\\sum\\limits_{n=1}^{\\infty}\\frac{1}{n^{2}}<\\sum\\limits_{n=1}^{\\infty}\\frac{1}{2^{n}}=1$。 二、填空题部分 11.答案为2,注意到$f(x)=\\frac{1}{ln(x)}$在$x=e$处取得最小值。 12.答案为150,利用条件可得$s=2(14+2t)$,而
$t+s=300$,解得$t=75,s=225$,因此所求周长为$2s+2\imes 12=474$。 13.答案为$\\frac{1}{5}$,注意到$\\frac{1}{2^{n}}=1-\\frac{1}{2}-\\frac{1}{2\imes 2}-...-\\frac{1}{2^{n}}$。 14.答案为-1,直接计算可得样本均值为1,样本方差为4,故$t=\\frac{\\sqrt{5}-3}{\\sqrt{2}}$,代入可得所求概率为$\\frac{1}{2}\\cdot erfc(\\frac{1}{\\sqrt{10}})$。 15.答案为$\\frac{2}{5}$,将其化为
$3^{x}+2^{x+1}=4^{x}$的形式,带入可得$x=2$,故所求概率为$\\frac{1}{5}$。 三、解答题部分 16.答案为8,因为所有学生共$4 \imes 80=320$个,而语文、数学两门课均分小于60的人数为$2 \imes 40=80$,因此大于等于$60$分的人数为$320-80=240$,即总平均分为$\\frac{60 \imes 80+240 \imes 85}{320}=84.375$,故考
试的总分数为$84.375 \imes 320=27000$,而实际总分为$18 \imes 60 \imes 40=43200$,因此偏差为$\\frac{43200-27000}{18}=810$,再除以每个学生的分数,即得到偏差的绝对值之和为
$40+10+10+40+60+80+100+20+30+80+50+90+60+20+110+30=\\fbox{810}$。 17.答案为121,设一开始只有$a$,则做了$x$轮后,瓶子中含有$\\frac{a}{97^{x}}$的溶液,令其$\\geq 10^{-6}$得到$x \\geq 4$,因此最小的$x$为$4$,此时瓶子中含有$\\frac{a}{97^{4}}$的溶液,将重量设为$1$,则
$a=\\frac{1}{97^{4}}\\sum\\limits_{n=1}^{97}\\frac{n}{100}$,计算得到$a\\approx 0.011$,因此所求结果为$a \imes 11^{4}=\\fbox{121}$。 18.答案为11,由Ptolomy定理可得
$(BD+AE)^{2}=16+36=52$,又因为$ABCD$和$AED$均为等腰三角形,故$BD=3\\sqrt{2},AE=2\\sqrt{5}$,带入解得$BE=2\\sqrt{3},CE=\\sqrt{21}$,再利用余弦定理得到$cos\\angle C=11/28$。 19.答案为7,注意到题目所给的等式即为$sin 3x=\\frac{3\\sqrt{2}}{4}cos^{2}x(2cos^{2}x-1)$,由于
$cos^{2}x \\leq \\frac{1}{2}$,所以右边小于$\\frac{3}{4}$,因此只有$x=k\\pi(k \\in Z)$时,等式两边均为$0$,故所求结果为$\\frac{\\pi}{3}=1$,因此答案为$7$。 20.答案为$-\\frac{1}{2}$,记
$a_{n}=\\sum\\limits_{i=1}^{n}\\frac{\\sin i}{i}$,则有$\\frac{a_{n}}{n}=\\frac{1}{n}\\sum\\limits_{i=1}^{n}\\frac{\\sin i}{i}$,令$x_{i}=i(\\mod 2\\pi)$,则有
$\\frac{a_{n}}{n}=\\frac{1}{2\\pi}\\int_{0}^{2\\pi}\\frac{\\sin x}{x}[x \\leq n]dx$,第一类费曼引理可得$\\int_{0}^{2\\pi}\\frac{\\sin x}{x}=\\pi$,故$\\lim\\limits_{n \\rightarrow
\\infty}\\frac{a_{n}}{n}=\\frac{1}{2}\\pi$,即结论为$\\frac{1}{2}\\pi-\\lim\\limits_{n \\rightarrow \\infty}\\frac{a_{n}}{n}=-\\frac{1}{2}$。
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